张宇1000题 第6章 一元函数微分学的应用(二)——中值定理、微分等式与微分不等式 On this page
第6章 一元函数微分学的应用(二)——中值定理、微分等式与微分不等式
基础部分
设函数 f ( x ) = x ( 2 x − 3 ) ( 4 x − 5 ) f(x)=x(2x-3)(4x-5) f ( x ) = x ( 2 x − 3 ) ( 4 x − 5 ) ,则方程 f ′ ( x ) = 0 f'(x)=0 f ′ ( x ) = 0 的实根个数为()
A. 0 0 0
B. 1 1 1
C. 2 2 2
D. 3 3 3
若方程 x − e ln x − k = 0 x-e\ln x-k=0 x − e ln x − k = 0 在 ( 0 , 1 ] (0,1] ( 0 , 1 ] 上有解,则 k k k 的最小值为()
A. − 1 -1 − 1
B. 1 e \frac{1}{e} e 1
C. 1 1 1
D. e e e
设函数 f ( x ) = a e x − b x ( a > 0 ) f(x)=ae^x-bx(a>0) f ( x ) = a e x − b x ( a > 0 ) 有两个零点,则 b a \frac{b}{a} a b 的取值范围是()
A. ( 0 , 1 e ) (0,\frac{1}{e}) ( 0 , e 1 )
B. ( 0 , e ) (0,e) ( 0 , e )
C. ( 1 e , + ∞ ) (\frac{1}{e},+\infty) ( e 1 , + ∞ )
D. ( e , + ∞ ) (e,+\infty) ( e , + ∞ )
已知函数 f ( x ) = ln x − x e + a ( x > 0 ) f(x)=\ln x-\frac{x}{e}+a(x>0) f ( x ) = ln x − e x + a ( x > 0 ) 有两个零点,则 a a a 的取值范围是()
A. ( − 1 , 0 ) (-1,0) ( − 1 , 0 )
B. ( 0 , 1 ) (0,1) ( 0 , 1 )
C. ( − ∞ , 0 ) (-\infty,0) ( − ∞ , 0 )
D. ( 0 , + ∞ ) (0,+\infty) ( 0 , + ∞ )
设存在 0 < θ < 1 0<\theta<1 0 < θ < 1 ,使得 arcsin x = x 1 − ( θ x ) 2 ( − 1 ≤ x ≤ 1 ) \arcsin x=\frac{x}{\sqrt{1-(\theta x)^2}}(-1\leq x\leq1) arcsin x = 1 − ( θ x ) 2 x ( − 1 ≤ x ≤ 1 ) ,则 lim x → 0 θ = \lim\limits_{x\to0}\theta= x → 0 lim θ =
设 x > 0 x>0 x > 0 ,证明 x 1 + x < ln ( 1 + x ) < x \frac{x}{1+x}<\ln(1+x)<x 1 + x x < ln ( 1 + x ) < x
设 x > 0 x>0 x > 0 ,证明 1 1 + x < ln ( 1 + 1 x ) < 1 x \frac{1}{1+x}<\ln(1+\frac{1}{x})<\frac{1}{x} 1 + x 1 < ln ( 1 + x 1 ) < x 1
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 可导,且 ∣ f ′ ( x ) ∣ ≤ 1 |f'(x)|\leq1 ∣ f ′ ( x ) ∣ ≤ 1 ,f ( 0 ) = 1 f(0)=1 f ( 0 ) = 1 ,证明 ∣ f ( x ) ∣ ≤ 1 + x , 0 < x < 1 |f(x)|\leq1+x,0<x<1 ∣ f ( x ) ∣ ≤ 1 + x , 0 < x < 1
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ a , + ∞ ) ( a > 0 ) [a,+\infty)(a>0) [ a , + ∞ ) ( a > 0 ) 上一阶导数连续,lim x → + ∞ f ′ ( x ) = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x)=0 x → + ∞ lim f ′ ( x ) = 0 ,则()
A. lim x → + ∞ [ f ( 2 x ) + f ( x ) ] = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}[f(2x)+f(x)]=0 x → + ∞ lim [ f ( 2 x ) + f ( x )] = 0
B. lim x → + ∞ [ f ( 2 x ) − f ( x ) ] = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}[f(2x)-f(x)]=0 x → + ∞ lim [ f ( 2 x ) − f ( x )] = 0
C. lim x → + ∞ [ f ( x + 1 ) − f ( x ) ] = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}[f(x+1)-f(x)]=0 x → + ∞ lim [ f ( x + 1 ) − f ( x )] = 0
D. lim x → + ∞ [ f ( x + 1 ) + f ( x ) ] = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}[f(x+1)+f(x)]=0 x → + ∞ lim [ f ( x + 1 ) + f ( x )] = 0
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 x = 1 x=1 x = 1 处一阶导数连续,且 f ′ ( 1 ) = 2 f'(1)=2 f ′ ( 1 ) = 2 ,则 lim x → 1 + f ( x ) − f ( 1 ) ln x = \lim\limits_{x\to1^+}\frac{f(x)-f(1)}{\ln x}= x → 1 + lim l n x f ( x ) − f ( 1 ) =
设 f ′ ( 1 ) = 2 f'(1)=2 f ′ ( 1 ) = 2 ,计算 lim x → 1 + f ( x ) − f ( 1 ) ln x \lim\limits_{x\to1^+}\frac{f(x)-f(1)}{\ln x} x → 1 + lim l n x f ( x ) − f ( 1 ) ,并指出与第10题的区别
(1) 将 sin x \sin x sin x 在 x = 0 x=0 x = 0 处展开成一阶带拉格朗日余项的泰勒公式;
(2) 证明 ∣ sin x x − 1 ∣ ≤ 1 2 ∣ x ∣ , x ≠ 0 |\frac{\sin x}{x}-1|\leq\frac{1}{2}|x|,x\neq0 ∣ x s i n x − 1∣ ≤ 2 1 ∣ x ∣ , x = 0
求曲线 y = e − x 2 y=e^{-\frac{x}{2}} y = e − 2 x 与曲线 y = x 3 − 3 x y=x^3-3x y = x 3 − 3 x 的交点个数
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 是连续可导函数,当 0 < a < x < b 0<a<x<b 0 < a < x < b 时,恒有 x f ′ ( x ) < f ( x ) xf'(x)<f(x) x f ′ ( x ) < f ( x ) ,则()
A. a f ( x ) > x f ( a ) af(x)>xf(a) a f ( x ) > x f ( a )
B. b f ( x ) > x f ( b ) bf(x)>xf(b) b f ( x ) > x f ( b )
C. x f ( x ) > b f ( b ) xf(x)>bf(b) x f ( x ) > b f ( b )
D. x f ( x ) < a f ( a ) xf(x)<af(a) x f ( x ) < a f ( a )
方程 x 4 + 4 x + b = 0 x^4+4x+b=0 x 4 + 4 x + b = 0 有两个不等的实根,则 b b b 的取值满足()
A. b < 3 b<3 b < 3
B. b > 3 b>3 b > 3
C. b < − 3 b<-3 b < − 3
D. b > − 3 b>-3 b > − 3
设常数 k > 0 k>0 k > 0 ,函数 f ( x ) = 1 ln x − x e + k f(x)=\frac{1}{\ln x-\frac{x}{e}+k} f ( x ) = l n x − e x + k 1 在 ( 0 , + ∞ ) (0,+\infty) ( 0 , + ∞ ) 内的间断点个数为()
A. 3 3 3
B. 2 2 2
C. 1 1 1
D. 0 0 0
设 f ( x ) , g ( x ) f(x),g(x) f ( x ) , g ( x ) 为恒大于零的可导函数,且 f ′ ( x ) g ( x ) < f ( x ) g ′ ( x ) f'(x)g(x)<f(x)g'(x) f ′ ( x ) g ( x ) < f ( x ) g ′ ( x ) ,则当 a < x < b a<x<b a < x < b 时,下列不等式恒成立的是()
A. f ( a ) g ( x ) > f ( x ) g ( b ) f(a)g(x)>f(x)g(b) f ( a ) g ( x ) > f ( x ) g ( b )
B. f ( x ) g ( a ) > f ( b ) g ( x ) f(x)g(a)>f(b)g(x) f ( x ) g ( a ) > f ( b ) g ( x )
C. f ( a ) g ( b ) > f ( b ) g ( x ) f(a)g(b)>f(b)g(x) f ( a ) g ( b ) > f ( b ) g ( x )
D. f ( x ) g ( b ) > f ( b ) g ( x ) f(x)g(b)>f(b)g(x) f ( x ) g ( b ) > f ( b ) g ( x )
设 0 ≤ x ≤ 1 , p > 1 0\leq x\leq1,p>1 0 ≤ x ≤ 1 , p > 1 ,证明 1 2 p − 1 ≤ x p + ( 1 − x ) p ≤ 1 \frac{1}{2^{p-1}}\leq x^p+(1-x)^p\leq1 2 p − 1 1 ≤ x p + ( 1 − x ) p ≤ 1
对于 k k k 的不同取值情况,确定方程 x 3 − 3 x + k = 0 x^3-3x+k=0 x 3 − 3 x + k = 0 实根的个数,并证明你的结论
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ a , b ] [a,b] [ a , b ] 上连续,在 ( a , b ) (a,b) ( a , b ) 内可导 ( a > 0 ) (a>0) ( a > 0 ) ,证明:在 ( a , b ) (a,b) ( a , b ) 内 2 x [ f ( b ) − f ( a ) ] = ( b 2 − a 2 ) f ′ ( x ) 2x[f(b)-f(a)]=(b^2-a^2)f'(x) 2 x [ f ( b ) − f ( a )] = ( b 2 − a 2 ) f ′ ( x ) 至少有一个实根
设 a 0 + a 1 2 + ⋯ + a n n + 1 = 0 ( a i a_0+\frac{a_1}{2}+\cdots+\frac{a_n}{n+1}=0(a_i a 0 + 2 a 1 + ⋯ + n + 1 a n = 0 ( a i 为实数,i = 0 , 1 , 2 , ⋯ , n ) i=0,1,2,\cdots,n) i = 0 , 1 , 2 , ⋯ , n ) ,则在区间 ( 0 , 1 ) (0,1) ( 0 , 1 ) 内,方程 a 0 + a 1 x + ⋯ + a n x n = 0 a_0+a_1x+\cdots+a_nx^n=0 a 0 + a 1 x + ⋯ + a n x n = 0 ()
A. 没有实根
B. 至少有一个实根
C. 仅有一个实根
D. 是否有实根不能判定
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ a , b ] [a,b] [ a , b ] 上可导,c ∈ ( a , b ) c\in(a,b) c ∈ ( a , b ) ,证明:
(1) 存在一点 ξ ∈ ( a , c ) \xi\in(a,c) ξ ∈ ( a , c ) ,使得 f ( c ) − f ( a ) = f ′ ( ξ ) ( c − a ) f(c)-f(a)=f'(\xi)(c-a) f ( c ) − f ( a ) = f ′ ( ξ ) ( c − a ) ;
(2) 存在一点 η ∈ ( a , b ) \eta\in(a,b) η ∈ ( a , b ) ,使得 f ( b ) − f ( a ) = f ′ ( η ) ( b − a ) f(b)-f(a)=f'(\eta)(b-a) f ( b ) − f ( a ) = f ′ ( η ) ( b − a ) 且 η > ξ \eta>\xi η > ξ
强化部分
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 ( 0 , + ∞ ) (0,+\infty) ( 0 , + ∞ ) 内可导,对于以下结论:
①若 lim x → + ∞ f ( x ) \lim\limits_{x\to+\infty}f(x) x → + ∞ lim f ( x ) 存在,则 lim x → + ∞ f ′ ( x ) \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x) x → + ∞ lim f ′ ( x ) 存在;
②若 lim x → + ∞ f ′ ( x ) \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x) x → + ∞ lim f ′ ( x ) 存在,则 lim x → + ∞ f ( x ) \lim\limits_{x\to+\infty}f(x) x → + ∞ lim f ( x ) 存在;
③若 lim x → + ∞ f ′ ( x ) = a ≠ 0 \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x)=a\neq0 x → + ∞ lim f ′ ( x ) = a = 0 ,则 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 x → + ∞ x\to+\infty x → + ∞ 时无界;
④若 lim x → + ∞ f ′ ( x ) = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x)=0 x → + ∞ lim f ′ ( x ) = 0 ,则 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 x → + ∞ x\to+\infty x → + ∞ 时有界
正确的个数为()
A. 1 1 1
B. 2 2 2
C. 3 3 3
D. 4 4 4
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 ( 0 , + ∞ ) (0,+\infty) ( 0 , + ∞ ) 内可导,对于以下结论:
①若 lim x → + ∞ f ( x ) \lim\limits_{x\to+\infty}f(x) x → + ∞ lim f ( x ) 存在,lim x → + ∞ f ′ ( x ) \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x) x → + ∞ lim f ′ ( x ) 存在,则 lim x → + ∞ f ′ ( x ) = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x)=0 x → + ∞ lim f ′ ( x ) = 0 ;
②若 lim x → + ∞ [ f ( x ) + f ′ ( x ) ] \lim\limits_{x\to+\infty}[f(x)+f'(x)] x → + ∞ lim [ f ( x ) + f ′ ( x )] 存在,则 lim x → + ∞ f ′ ( x ) = 0 \lim\limits_{x\to+\infty}f'(x)=0 x → + ∞ lim f ′ ( x ) = 0
正确的说法是()
A. ①正确,②错误
B. ①错误,②正确
C. ①与②均正确
D. ①与②均错误
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 在区间 [ 0 , 1 ] [0,1] [ 0 , 1 ] 上可导,f ( 0 ) = 0 , f ( 1 ) = 1 f(0)=0,f(1)=1 f ( 0 ) = 0 , f ( 1 ) = 1 ,且 f ( x ) f(x) f ( x ) 不恒等于 x x x ,证明:存在 ξ ∈ ( 0 , 1 ) \xi\in(0,1) ξ ∈ ( 0 , 1 ) ,使得 f ′ ( ξ ) > 1 f'(\xi)>1 f ′ ( ξ ) > 1
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ 0 , + ∞ ) [0,+\infty) [ 0 , + ∞ ) 上可导
(1) 若 f ( 0 ) = lim x → + ∞ f ( x ) = 0 f(0)=\lim\limits_{x\to+\infty}f(x)=0 f ( 0 ) = x → + ∞ lim f ( x ) = 0 ,求证:存在 ξ ∈ ( 0 , + ∞ ) \xi\in(0,+\infty) ξ ∈ ( 0 , + ∞ ) ,使 f ′ ( ξ ) = 0 f'(\xi)=0 f ′ ( ξ ) = 0 ;
(2) 若 0 ≤ f ( x ) ≤ ln 2 x + 1 x + 1 + x 2 0\leq f(x)\leq\ln\frac{2x+1}{x+\sqrt{1+x^2}} 0 ≤ f ( x ) ≤ ln x + 1 + x 2 2 x + 1 ,求证:存在 ξ ∈ ( 0 , + ∞ ) \xi\in(0,+\infty) ξ ∈ ( 0 , + ∞ ) ,使 f ′ ( ξ ) = 2 2 ξ + 1 − 1 1 + ξ 2 f'(\xi)=\frac{2}{2\xi+1}-\frac{1}{\sqrt{1+\xi^2}} f ′ ( ξ ) = 2 ξ + 1 2 − 1 + ξ 2 1
设正值函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 二阶可导且满足 [ f ′ ( x ) ] 2 > f ( x ) f ′ ′ ( x ) [f'(x)]^2>f(x)f''(x) [ f ′ ( x ) ] 2 > f ( x ) f ′′ ( x ) ,函数 f ( x ) − x f(x)-x f ( x ) − x 在 x = 0 x=0 x = 0 处取得极值 1 1 1 ,证明 f ( x ) ≤ e x f(x)\leq e^x f ( x ) ≤ e x
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 ( − ∞ , + ∞ ) (-\infty,+\infty) ( − ∞ , + ∞ ) 上二阶可导,且 f ′ ′ ( x ) ≥ 0 f''(x)\geq0 f ′′ ( x ) ≥ 0 ,证明:
(1) 对于任意 x 0 , x ∈ ( − ∞ , + ∞ ) x_0,x\in(-\infty,+\infty) x 0 , x ∈ ( − ∞ , + ∞ ) ,有 f ( x ) ≥ f ( x 0 ) + f ′ ( x 0 ) ( x − x 0 ) f(x)\geq f(x_0)+f'(x_0)(x-x_0) f ( x ) ≥ f ( x 0 ) + f ′ ( x 0 ) ( x − x 0 ) ;
(2) 若存在常数 M > 0 M>0 M > 0 ,使得任意 x ∈ ( − ∞ , + ∞ ) x\in(-\infty,+\infty) x ∈ ( − ∞ , + ∞ ) ,均有 ∣ f ( x ) ∣ ≤ M |f(x)|\leq M ∣ f ( x ) ∣ ≤ M ,则 f ( x ) f(x) f ( x ) 为常值函数
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ 0 , 1 ] [0,1] [ 0 , 1 ] 上二阶可导,∣ f ′ ′ ( x ) ∣ ≤ M , x ∈ [ 0 , 1 ] , M > 0 |f''(x)|\leq M,x\in[0,1],M>0 ∣ f ′′ ( x ) ∣ ≤ M , x ∈ [ 0 , 1 ] , M > 0 ,f ( 0 ) = f ( 1 ) = 0 f(0)=f(1)=0 f ( 0 ) = f ( 1 ) = 0 ,证明:
(1) ∣ f ′ ( x ) ∣ ≤ M 2 , x ∈ [ 0 , 1 ] |f'(x)|\leq\frac{M}{2},x\in[0,1] ∣ f ′ ( x ) ∣ ≤ 2 M , x ∈ [ 0 , 1 ] ;
(2) 若 f ( 1 2 ) = 0 f(\frac{1}{2})=0 f ( 2 1 ) = 0 ,则 ∣ f ′ ( x ) ∣ < M 2 , x ∈ [ 0 , 1 ] |f'(x)|<\frac{M}{2},x\in[0,1] ∣ f ′ ( x ) ∣ < 2 M , x ∈ [ 0 , 1 ]
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在区间 [ − 2 , 2 ] [-2,2] [ − 2 , 2 ] 上可导,且 f ′ ( x ) > 2 f ( x ) > 0 f'(x)>2f(x)>0 f ′ ( x ) > 2 f ( x ) > 0 ,则()
A. f ( − 2 ) f ( − 1 ) > 1 \frac{f(-2)}{f(-1)}>1 f ( − 1 ) f ( − 2 ) > 1
B. f ( 0 ) f ( − 1 ) > e 2 \frac{f(0)}{f(-1)}>e^2 f ( − 1 ) f ( 0 ) > e 2
C. f ( 1 ) f ( − 1 ) < e 2 \frac{f(1)}{f(-1)}<e^2 f ( − 1 ) f ( 1 ) < e 2
D. f ( 2 ) f ( − 1 ) < e 3 \frac{f(2)}{f(-1)}<e^3 f ( − 1 ) f ( 2 ) < e 3
若可导函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 满足 f ′ ( x ) < 2 f ( x ) f'(x)<2f(x) f ′ ( x ) < 2 f ( x ) ,则当 b > a > 0 b>a>0 b > a > 0 时,有()
A. b 2 f ( a ) > a 2 f ( b ) b^2f(a)>a^2f(b) b 2 f ( a ) > a 2 f ( b )
B. b 2 f ( ln a ) > a 2 f ( ln b ) b^2f(\ln a)>a^2f(\ln b) b 2 f ( ln a ) > a 2 f ( ln b )
C. b 2 f ( a ) < a 2 f ( b ) b^2f(a)<a^2f(b) b 2 f ( a ) < a 2 f ( b )
D. b 2 f ( ln a ) < a 2 f ( ln b ) b^2f(\ln a)<a^2f(\ln b) b 2 f ( ln a ) < a 2 f ( ln b )
设 f ( x ) = ∫ 0 x e t 2 d t , x ≥ 0 f(x)=\int_{0}^{x}e^{t^2}dt,x\geq0 f ( x ) = ∫ 0 x e t 2 d t , x ≥ 0
(1) 证明 ∫ 0 x e t 2 d t = x f ′ [ x ⋅ θ ( x ) ] , 0 < θ ( x ) < 1 , x > 0 \int_{0}^{x}e^{t^2}dt=xf'[x\cdot\theta(x)],0<\theta(x)<1,x>0 ∫ 0 x e t 2 d t = x f ′ [ x ⋅ θ ( x )] , 0 < θ ( x ) < 1 , x > 0 ;
(2) 求 lim x → 0 + θ ( x ) \lim\limits_{x\to0^+}\theta(x) x → 0 + lim θ ( x )
设 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ 2 , 4 ] [2,4] [ 2 , 4 ] 上一阶可导且 f ′ ( x ) ≥ M > 0 f'(x)\geq M>0 f ′ ( x ) ≥ M > 0 ,f ( 2 ) > 0 f(2)>0 f ( 2 ) > 0 ,证明:
(1) 对任意的 x ∈ [ 3 , 4 ] x\in[3,4] x ∈ [ 3 , 4 ] ,均有 f ( x ) > M f(x)>M f ( x ) > M ;
(2) 存在 ξ ∈ ( 3 , 4 ) \xi\in(3,4) ξ ∈ ( 3 , 4 ) ,使得 f ( ξ ) > M ⋅ e ξ − 3 e − 1 f(\xi)>M\cdot\frac{e^{\xi-3}}{e-1} f ( ξ ) > M ⋅ e − 1 e ξ − 3
设函数 y = f ( x ) y=f(x) y = f ( x ) 在区间 ( α , β ) (\alpha,\beta) ( α , β ) 内二阶可导,且其图像在 ( α , β ) (\alpha,\beta) ( α , β ) 内有三个点满足关系 y = a x 2 + b x + c y=ax^2+bx+c y = a x 2 + b x + c ,证明:必然存在一个点 ξ ∈ ( α , β ) \xi\in(\alpha,\beta) ξ ∈ ( α , β ) ,使得 f ′ ′ ( ξ ) = 2 a f''(\xi)=2a f ′′ ( ξ ) = 2 a
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ 0 , 1 ] [0,1] [ 0 , 1 ] 上二阶可导,且 ∫ 0 1 f ( x ) d x = 0 \int_{0}^{1}f(x)dx=0 ∫ 0 1 f ( x ) d x = 0 ,则()
A. 当 f ′ ( x ) < 0 f'(x)<0 f ′ ( x ) < 0 时,f ( 1 2 ) < 0 f(\frac{1}{2})<0 f ( 2 1 ) < 0
B. 当 f ′ ′ ( x ) < 0 f''(x)<0 f ′′ ( x ) < 0 时,f ( 1 2 ) < 0 f(\frac{1}{2})<0 f ( 2 1 ) < 0
C. 当 f ′ ( x ) > 0 f'(x)>0 f ′ ( x ) > 0 时,f ( 1 2 ) < 0 f(\frac{1}{2})<0 f ( 2 1 ) < 0
D. 当 f ′ ′ ( x ) > 0 f''(x)>0 f ′′ ( x ) > 0 时,f ( 1 2 ) < 0 f(\frac{1}{2})<0 f ( 2 1 ) < 0
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 [ 0 , 1 ] [0,1] [ 0 , 1 ] 上连续且 f ( 0 ) = f ( 1 ) = 0 f(0)=f(1)=0 f ( 0 ) = f ( 1 ) = 0 ,在 ( 0 , 1 ) (0,1) ( 0 , 1 ) 内二阶可导且 f ′ ′ ( x ) < 0 f''(x)<0 f ′′ ( x ) < 0 ,记 M = max 0 ≤ x ≤ 1 { f ( x ) } M=\max\limits_{0\leq x\leq1}\{f(x)\} M = 0 ≤ x ≤ 1 max { f ( x )}
(1) 证明对任意正整数 n n n ,存在唯一的 x n ∈ ( 0 , 1 ) x_n\in(0,1) x n ∈ ( 0 , 1 ) ,使得 f ′ ( x n ) = M n f'(x_n)=\frac{M}{n} f ′ ( x n ) = n M ;
(2) 对(1)中得到的 { x n } \{x_n\} { x n } ,证明 lim n → ∞ x n \lim\limits_{n\to\infty}x_n n → ∞ lim x n 存在,且 lim n → ∞ f ( x n ) = M \lim\limits_{n\to\infty}f(x_n)=M n → ∞ lim f ( x n ) = M
设函数 f ( x ) f(x) f ( x ) 在 ( a , b ) (a,b) ( a , b ) 上二次可微,证明:对任意 x ∈ ( a , b ) x\in(a,b) x ∈ ( a , b ) 及适当小的正数 h h h (使 x + h , x − h ∈ ( a , b ) x+h,x-h\in(a,b) x + h , x − h ∈ ( a , b ) ),不等式 f ( x ) ≤ 1 2 [ f ( x + h ) + f ( x − h ) ] f(x)\leq\frac{1}{2}[f(x+h)+f(x-h)] f ( x ) ≤ 2 1 [ f ( x + h ) + f ( x − h )] 成立的充要条件是 f ′ ′ ( x ) ≥ 0 , x ∈ ( a , b ) f''(x)\geq0,x\in(a,b) f ′′ ( x ) ≥ 0 , x ∈ ( a , b )
确定常数 k k k 的取值范围,使方程 x − arctan x = k x 3 x-\arctan x=kx^3 x − arctan x = k x 3 在 ( 0 , 1 ] (0,1] ( 0 , 1 ] 内有实根
设方程 tan x x = k \frac{\tan x}{x}=k x t a n x = k 在 ( 0 , π 4 ) (0,\frac{\pi}{4}) ( 0 , 4 π ) 内有实根,则常数 k k k 的取值范围为()
A. 0 < k < 4 π − 1 0<k<\frac{4}{\pi}-1 0 < k < π 4 − 1
B. 4 π − 1 < k < 4 π \frac{4}{\pi}-1<k<\frac{4}{\pi} π 4 − 1 < k < π 4
C. 1 < k < 4 π 1<k<\frac{4}{\pi} 1 < k < π 4
D. 4 π − 1 < k < 1 \frac{4}{\pi}-1<k<1 π 4 − 1 < k < 1
设 b > 0 > a b>0>a b > 0 > a ,则()
A. a e a ( e b − 1 ) > b e b ( e a − 1 ) ae^a(e^b-1)>be^b(e^a-1) a e a ( e b − 1 ) > b e b ( e a − 1 )
B. a e a ( e b − 1 ) < b e b ( e a − 1 ) ae^a(e^b-1)<be^b(e^a-1) a e a ( e b − 1 ) < b e b ( e a − 1 )
C. b e a ( e b − 1 ) > a e b ( e a − 1 ) be^a(e^b-1)>ae^b(e^a-1) b e a ( e b − 1 ) > a e b ( e a − 1 )
D. b e a ( e b − 1 ) < a e b ( e a − 1 ) be^a(e^b-1)<ae^b(e^a-1) b e a ( e b − 1 ) < a e b ( e a − 1 )
设 e < a < b e<a<b e < a < b ,证明:a 2 < a b ln a ln b < b 2 a^2<ab\frac{\ln a}{\ln b}<b^2 a 2 < ab l n b l n a < b 2
设 f ′ ′ ( x ) < 0 f''(x)<0 f ′′ ( x ) < 0 且 lim x → 0 f ( x ) x = 1 \lim\limits_{x\to0}\frac{f(x)}{x}=1 x → 0 lim x f ( x ) = 1 ,证明:f ( x ) ≤ x f(x)\leq x f ( x ) ≤ x
设 f ( x ) > 0 , f ′ ′ ( x ) f(x)>0,f''(x) f ( x ) > 0 , f ′′ ( x ) 存在且 f ′ ′ ( x ) ≤ 0 , x ∈ [ 0 , + ∞ ) f''(x)\leq0,x\in[0,+\infty) f ′′ ( x ) ≤ 0 , x ∈ [ 0 , + ∞ ) ,证明:对于任意 x ∈ [ 0 , + ∞ ) x\in[0,+\infty) x ∈ [ 0 , + ∞ ) ,f ′ ( x ) ≥ 0 f'(x)\geq0 f ′ ( x ) ≥ 0